Zeiger funktioniert nicht in printf()

Ich habe ein Problem mit dem Drucken eines Zeigers. Jedes Mal, wenn ich versuche, das folgende Programm zu kompilieren, erhalte ich die folgende Fehlermeldung:

pointers.c:11: warning: format ‘%p’ expects type ‘void *’, but argument 2 has type ‘int *’

Mir fehlt hier offensichtlich etwas Einfaches, aber von anderen Beispielen mit ähnlichem Code, die ich gesehen habe, sollte dies funktionieren.

Hier ist der Code, jede Hilfe wäre großartig!

#include <stdio.h>

    int main(void)
    {
       int x = 99;
       int *pt1;

       pt1 = &x;

       printf("Value at p1: %d\n", *pt1);
       printf("Address of p1: %p\n", pt1);

       return 0;
    }

Setzen Sie einfach Ihren int-Zeiger auf einen leeren:

printf( "Address of p1: %p\n", ( void * )pt1 );

Ihr Code ist sicher, aber Sie kompilieren mit dem -Wformat Warnflag, das die Aufrufe überprüfen wird printf() und scanf().

Beachten Sie, dass Sie eine einfache Warnung erhalten. Ihr Code wird wahrscheinlich wie erwartet ausführen.

Das "%p" Konvertierungsspezifizierer zu printf erwartet a void* Streit; pt1 ist vom Typ int*.

Die Warnung ist gut, weil int* und void* kann bei seltsamen Implementierungen unterschiedliche Größen oder Bitmuster haben oder so.

Konvertieren Sie die int* zu einem void* mit Gips …

printf("%p\n", (void*)pt1);

… und alles wird gut, auch bei seltsamen Implementierungen.

In diesem Fall ist der Compiler nur etwas übereifrig mit den Warnungen. Ihr Code ist absolut sicher, Sie können die Warnung optional entfernen mit:

printf("Address of p1: %p\n", (void *) pt1);

Die Nachricht sagt alles, aber es ist nur eine Warnung, kein Fehler an sich:

printf("Address of p1: %p\n", (void*)pt1);

Das hat bei mir ganz gut funktioniert:

printf("Pointer address: %p.", pxy);

Sie müssen es nicht als irgendetwas darstellen, es sei denn, Sie wollten …